Khi chiếu bức xạ có bước sóng $\large \lambda=0,180\mu m$ vào katot củ

Khi chiếu bức xạ có bước sóng $\large \lambda=0,180\mu m$  vào katot của một tế bào quang điện thì hiện tượng quang điện xảy ra. Để triệt tiêu hoàn toàn dòng quang điện thì hiện điện thế hãm có độ lớn 2,124V . Tính giới hạn quang điện $\large \lambda_0$ của kim loại dùng làm katot. Nếu đặt giữa anot và katot của tế bào quang điện hiệu điện thế $\large U_{AK} = 8V$ thì động năng cực đại của electron quang điện khi nó tới anot bằng bao nhiêu? Cho  $\large c = 3.10^8 m/s$; $\large h = 6.625 . 10^{-34 }\,\, J.S$; điện tích của e:$\large |e|=1.6. 10^{-19 }C$

• A. $\Large 0,26\mu m; 10,124 MeV$
• B. $\Large 0,26\mu m; 20,124 MeV$
• C. $\Large 0,25\mu m; 1,0124 MeV$
• D. $0,25\mu m; 2,0124 MeV$

 HD Giải:
-Từ công thức Anhxtanh về hiện tượng quang điện: $\large \dfrac{hc}{\lambda}=\dfrac{hc}{\lambda_0}+|e|.|U_h|\Rightarrow \dfrac{1}{\lambda_0}=\dfrac{1}{\lambda}-\dfrac{|e||U_h|}{hc}$
-Thay số: $\large \dfrac{1}{\lambda_0}=\dfrac{1}{0,18.10^{-6}}-\dfrac{1,6.10^{-19}.2,124}{6,625.10^{-34}.3.10^8}\Rightarrow \lambda_0=0,26.10^{-6}\, m=0,26\mu m$  
-Động năng cực đại của quang điện electron:
$\large K_{max}=|e|\left(|U_h|+U_{AK}\right)=1,6.10^{-19}(2,124+8)=1,62.10^{-8}\, J=10,124\, MeV$