MỤC LỤC
Cho hình chóp đều $\large S.ABCD$ đáy tâm $\large O$ và có cạnh bằng $\large a$. Gọi $\large M,N$ lần lượt là trung điểm của $\large SA, BC$. Biết góc giữa $\large MN$ và $\large (ABCD)$ bằng $\large 60^{\circ}$. Tính sin của góc tạo bởi $\large MN$ và mặt phẳng $\large (SAC)$
Lời giải chi tiết:
Do $\large S.ABCD$ là hình chóp đều nên ta có $\large SO\perp (ABCD)$.
Gọi $\large P$ là trung điểm của $\large AO$.
Khi đó $\large MP//SO\Rightarrow MP\perp (ABCD)$
Suy ra $\large\left ( \widehat{MN,(ABCD)} \right )=\widehat{MNP}=60^{\circ}$
Xét tam giác $\large NCP$, ta có:
$\large PN^{2}=CN^{2}+CP^{2}-2CN.CP.\cos 45^{\circ}=\frac{5a^{2}}{8}\Rightarrow PN=\frac{a\sqrt{10}}{4}$
Trong tam giác vuông $\large MNP$, ta có:
$\large \left\{\begin{align}MN=\frac{PN}{\cos \widehat{MNP}}=\frac{\frac{a\sqrt{10}}{4}}{\cos 60^{\circ}}=\frac{a\sqrt{10}}{2}\\ PM=NP\tan \widehat{MNP}\frac{a\sqrt{30}}{4}\Rightarrow SO=2PM=\frac{a\sqrt{30}}{2}\end{align}\right.$
Gọi $\large H$ là trung điểm $\large OC$. Suy ra $\large NH//BD$ mà $\large BD\perp (SAC)\Rightarrow NH\perp (SAC)$
Do đó $\large \left ( \widehat{MN,(SAC))} \right )=\widehat{NMH}$
Ta có:
$\large NH=\frac{1}{2}OB=\frac{a\sqrt{2}}{4}\Rightarrow \sin \widehat{NMH}=\frac{NH}{MN}=\frac{a\sqrt{2}}{4}:\frac{a\sqrt{10}}{2}=\frac{\sqrt{5}}{10}$
Đáp án B
Xem thêm các bài tiếp theo bên dưới